Enunciado:
Calcúlense los siguientes límites empleando la regla de l'Hôpital:
a) \displaystyle \lim_{x \rightarrow 1 } \, \dfrac{x^2-2x+1}{\ln x}
b) \displaystyle \lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{e^x}{3\,x^2}
Resolución:
(a)
\displaystyle \lim_{x \rightarrow 1 } \, \dfrac{x^2-2x+1}{\ln x}=\dfrac{0}{0} ( al pasar directamente al límite se obtiene este tipo de indeterminación )
\displaystyle \lim_{x \rightarrow 1 } \, \dfrac{x^2-2x+1}{\ln x}=\lim_{x \rightarrow 1 } \, \dfrac{(x^2-2x+1)'}{(\ln x)'} ( aplicando la regla de l'Hôpital )
\displaystyle =\lim_{x \rightarrow 1 } \, \dfrac{2x-2}{1/x}=\dfrac{0}{1}=0
(a)
\displaystyle \lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{e^x}{3\,x^2}=\dfrac{\infty}{\infty} ( al pasar directamente al límite se obtiene este tipo de indeterminación )
\displaystyle \lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{(e^x)'}{(3\,x^2)'} ( aplicando la regla de l'Hôpital )
\displaystyle =\lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{e^x}{6x}=\dfrac{\infty}{\infty} ( nos encontramos con el mismo tipo de indeterminación )
\displaystyle =\lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{(e^x)'}{(6x)'} ( volvemos a aplicar la regla de l'Hôpital )
\displaystyle =\lim_{x \rightarrow +\infty } \, \dfrac{e^x}{6}=\dfrac{e^{+\infty}}{6}=\dfrac{+\infty}{6}=+\infty
\blacksquare
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